Простите, Валерий, но нарисованные графики выглядят так, что кажется будто в точках a = 0 и a=п/2 они имеют вертикальные асимптоты, что, конечно не верно. Кроме того, в точке излома визуально кажется, что углы наклона касательных к графикам по модулю одинаковы... Думаю, что это далеко не всегда верно.... А вообще - хорошая задачка. Спасибо! :)
Здравствуйте, в точке ноль начинается график синуса, а в точке "пи на два" заканчивается первая четверть графика косинуса. Возможно создаëтся некая иллюзия, но это из-за неаккуратности рисунка. Я завтра нарисую аккуратней с подробными объяснениями. А за Ваш комментарий спасибо
@user-physics961 3 часа назад "Что касается асимптот, то функция синуса их не имеет, наверное," ---------- разумеется нет, но по рисунку куажется, что есть (если график продлить дальше.. Последнее не очень хороршо. Если ВЫам больше нравится мыслить вна язике касательных, то можно и так: не очеь хорошо,Ю что в точкках 0 и п/2 возникает оцущуние, что односторонние касательные к графику вертикальны. Разумеется, это мелочь, но может кого-нибудь запутать. А так я бы с удовольствием поставил ссылку на Ваш фрагмент ( с обязательны указанием автора) в ЭСММТО - злектронную систему массового многоуровневого индивидуального оббучения (бесплатный и отурытый ресурс по адресу SW-university.com, если Вы, конечно, не возражаете.
Нахождение силы трения скольжения: μ = sin α = a/g = Fтрс/Fтяж => Fтрс = μ * Fтяж = Fтяж * sin α = Fтяж * a/g = Fтяж * Fтрс/Fтяж = m * a Альтернативный способ нахождения силы трения скольжения: Fтрс = Fтяж * k, где k = √((Fтяж - Fтяж * cos² α )/Fтяж) = √( 1 - cos² α) = sin α. Fтяж * cos α = N - реакция опоры Fтяж * sin α = Fтрc - сила трения скольжения Fтяг = Fтрс + N - сила тяги. Отсюда следует, что трение скольжения не зависит от силы реакции опоры или веса тела.
Простите, Валерий, но нарисованные графики выглядят так, что кажется будто в точках a = 0 и a=п/2 они имеют вертикальные асимптоты, что, конечно не верно. Кроме того, в точке излома визуально кажется, что углы наклона касательных к графикам по модулю одинаковы... Думаю, что это далеко не всегда верно.... А вообще - хорошая задачка. Спасибо! :)
Здравствуйте, в точке ноль начинается график синуса, а в точке "пи на два" заканчивается первая четверть графика косинуса. Возможно создаëтся некая иллюзия, но это из-за неаккуратности рисунка. Я завтра нарисую аккуратней с подробными объяснениями. А за Ваш комментарий спасибо
@@user-physics961 Хорошее дело :). Успехов!
Что касается асимптот, то функция синуса их не имеет, наверное, Вы имели ввиду касательные, когда писали об асимптотах
@user-physics961
3 часа назад
"Что касается асимптот, то функция синуса их не имеет, наверное," ---------- разумеется нет, но по рисунку куажется, что есть (если график продлить дальше.. Последнее не очень хороршо. Если ВЫам больше нравится мыслить вна язике касательных, то можно и так: не очеь хорошо,Ю что в точкках 0 и п/2 возникает оцущуние, что односторонние касательные к графику вертикальны. Разумеется, это мелочь, но может кого-нибудь запутать. А так я бы с удовольствием поставил ссылку на Ваш фрагмент ( с обязательны указанием автора) в ЭСММТО - злектронную систему массового многоуровневого индивидуального оббучения (бесплатный и отурытый ресурс по адресу
SW-university.com, если Вы, конечно, не возражаете.
Не возражаю конечно)
Нахождение силы трения скольжения: μ = sin α = a/g = Fтрс/Fтяж =>
Fтрс = μ * Fтяж = Fтяж * sin α = Fтяж * a/g = Fтяж * Fтрс/Fтяж = m * a
Альтернативный способ нахождения силы трения скольжения:
Fтрс = Fтяж * k, где k = √((Fтяж - Fтяж * cos² α )/Fтяж) = √( 1 - cos² α) = sin α.
Fтяж * cos α = N - реакция опоры
Fтяж * sin α = Fтрc - сила трения скольжения
Fтяг = Fтрс + N - сила тяги. Отсюда следует, что трение скольжения не зависит от силы реакции опоры или веса тела.
Любопытный вывод. Есть о чём пообщаться