Salut f) Le nombre d'entrée de la table des pages est : 2^24/2^9=2^15 pages justification: La taille d'une page est de 512 octets=2^9 octets, et la taille de l'espace d'adressage est de 2^24.
bonjour voudrais savoir comment résoudre se genre d exercice: On considère un système fonctionnant selon le principe de la mémoire paginée virtuelle. La taille d'une page est de 512 octets. La mémoire principale (MP) physique a une taille de 1Mo. Les références mémoires générées par la CPU ont un champ d'adressage codé sur 24 bits. Question 1 : Donnez a) la taille de l'espace logique d'adressage b) le nombre de bits pour représenter le déplacement c) le nombre de bits pour représenter le numéro de page virtuelle d) le nombre de bits pour représenter une adresse réelle e) le nombre de bits pour représenter le numéro de cadre (case) en mémoire réelle f) le nombre d'entrées de la table des pages
a) la taille de l’espace logique d’adressage : 2^24 * 2^20 = 2^4 =16Mo b) le nb de bits du déplacement : 512 octets =2^9 donc nb de bits = 9 bits c) le nb de bits du numéro de page virtuelle: (page , déplacement =9)=24 bits donc 24 - 9 =15 bits d) le nb de bits pour adresse réelle : 1Mo = 2^20 donc nb est 20 bits e) le nb de bits du numéro de case : (case , déplacement =9) = 20 bits donc 20 - 9 = 11 bits
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Salut
f) Le nombre d'entrée de la table des pages est : 2^24/2^9=2^15 pages
justification: La taille d'une page est de 512 octets=2^9 octets, et la taille de l'espace d'adressage est de 2^24.
c'est quoi la différence entre le bit de présence et le bit de réference
bonjour voudrais savoir comment résoudre se genre d exercice:
On considère un système fonctionnant selon le principe de la mémoire paginée virtuelle. La taille
d'une page est de 512 octets. La mémoire principale (MP) physique a une taille de 1Mo. Les
références mémoires générées par la CPU ont un champ d'adressage codé sur 24 bits.
Question 1 : Donnez
a) la taille de l'espace logique d'adressage
b) le nombre de bits pour représenter le déplacement
c) le nombre de bits pour représenter le numéro de page virtuelle
d) le nombre de bits pour représenter une adresse réelle
e) le nombre de bits pour représenter le numéro de cadre (case) en mémoire réelle
f) le nombre d'entrées de la table des pages
a) la taille de l’espace logique d’adressage : 2^24 * 2^20 = 2^4 =16Mo
b) le nb de bits du déplacement : 512 octets =2^9 donc nb de bits = 9 bits
c) le nb de bits du numéro de page virtuelle: (page , déplacement =9)=24 bits donc 24 - 9 =15 bits
d) le nb de bits pour adresse réelle : 1Mo = 2^20 donc nb est 20 bits
e) le nb de bits du numéro de case : (case , déplacement =9) = 20 bits donc 20 - 9 = 11 bits
@@abirabir9745 l'espace d'adressage logique ce n'est pas juste 2^24 ? pourquoi ajouter 2^20?
asma chouya
J’ai dit (2^24)* (2^20) = 2^4 = 16 Mo donc la taille de l’espace logique est 16 Mo
asma chouya
Connaissiez-vous la solution à la question f ?
@@abirabir9745 oui c'est 2^15